Bài 1:

PTHH: \(BaO+H_2SO_4\rightarrow BaSO_4+H_2O\)

Bđ____0,05___0,2

Pư____0,05___0,05_______0,05

Kt____0______0,15_______0,05

\(m_{kt}=m_{BaSO_4}=0,05.233=11,65\left(g\right)\)

\(m_{ddsaupư}=7,65+200-11,65=196\left(g\right)\)

\(C\%ddH_2SO_4=7,5\%\)

Bài 2: \(Fe_2O_3+6HCl\rightarrow2FeCl_3+3H_2O\)

bđ___0,1_______0,5

pư__1/12_______0,5_____1/6

kt ___1/60______0_______1/6

\(m_{FeCl_3}=\dfrac{1}{6}.162,5\approx27g\)

\(C_{MddFeCl_3}=\dfrac{1}{6}:0,5\approx0,3M\)

bài 4. Cho 2.24 lít CO2 đktc vào 200 ml dd Ca(OH)2 1M , sản phẩm thu được là muối và nước

a) Viết pthh xảy ra? tính khối lượng kết tủa tạo thành ?

b)Tính nồng độ mol của chất có trong dd thu được ? biết thể tính dd thay đổi không đáng kể?

------

nCa(OH)2 = (200/1000).1= 0,2(mol)

nCO2= 2,24/22,4= 0,1(mol)

=> nCa(OH)2/ nCO2= 0,2/0,1=2

=> Có 1 PƯHH xảy ra.

PTHH: Ca(OH)2 + CO2 -> CaCO3 + H2O

Ta có: 0,2/ 1 > 0,1/1

=> Ca(OH)2 dư, CO2 hết, tính theo nCO2.

=> nCaCO3= nCa(OH)2 (p.ứ) = nCO2= 0,1(mol)

=> m(kết tủa)= mCaCO3= 0,1.100= 10(g)

b) - Chất có trong dd sau phản ứng là Ca(OH)2 (dư)

=> nCa(OH)2 (dư) = 0,2 - 0,1 =0,1(mol)

Vddsauphánưng= 200(ml)= 0,2(l)

=> CM(ddCa(OH)2 dư)= 0,1/ 0,2 = 0,5(M)

\(n_{K2O}=\dfrac{9,4}{94}=0,1\left(mol\right)\)

Pt : \(K_2O+H_2O\rightarrow2KOH|\)

         1           1              2

        0,1                        0,2

a) \(n_{KOH}=\dfrac{0,1.2}{1}=0,2\left(mol\right)\)

200ml = 0,2l

\(C_{M_{ddKOH}}=\dfrac{0,2}{0,2}=1\left(M\right)\)

b) Pt : \(KOH+HCl\rightarrow KCl+H_2O|\)

              1            1           1            1

            0,1          0,1

\(n_{HCl}=\dfrac{0,1.1}{1}=0,1\left(mol\right)\)

\(m_{HCl}=0,1.36,5=3,65\left(g\right)\)

\(m_{ddHCl}=\dfrac{3,65.100}{10}=36,5\left(g\right)\)

c) \(CO_2+2KOH\rightarrow K_2CO_3+H_2O|\)

        1          2               1              1

      0,05      0,1

\(n_{CO2}=\dfrac{0,1.1}{2}=0,05\left(mol\right)\)

\(V_{CO2\left(dktc\right)}=0,05.22,4=1,12\left(l\right)\)

 Chúc bạn học tốt

- Thấy Cu không phản ứng với HCl .

\(\Rightarrow m_{cr}=m_{Cu}=6,4\left(g\right)\)

\(2Al+6HCl\rightarrow2AlCl_3+3H_2\)

.x.......................................1,5x.........

\(Fe+2HCl\rightarrow FeCl_2+H_2\)

.y....................................y.............

Theo bài ra ta có hệ : \(\left\{{}\begin{matrix}27x+56y+6,4=17,4\\1,5x+y=0,4\end{matrix}\right.\)

\(\Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}x=0,2\\y=0,1\end{matrix}\right.\) ( mol )

\(\Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}m_{Al}=5,4\\m_{Fe}=5,6\end{matrix}\right.\) ( g )

b, \(FeCl_2+2NaOH\rightarrow Fe\left(OH\right)_2+2NaCl\)

.......0,1.........0,2...............................

\(AlCl_3+3NaOH\rightarrow Al\left(OH\right)_3+3NaCl\)

...0,2.......0,6..........................

\(\Rightarrow n_{NaOH}=0,2+0,6=0,8< 1\)

=> Trong B còn có HCl dư .

\(NaOH+HCl\rightarrow NaCl+H_2O\)

...0,2..........0,2....................

=> Dư 0,2 mol HCl .

\(\Rightarrow n_{HCl}=2n_{H_2}+0,2=1\left(mol\right)\)

\(\Rightarrow m_{ddB}=17,4+250-6,4-0,8=260,2\left(g\right)\)

\(\Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}C\%_{HCl}=\dfrac{0,2.36,5}{260,2}.100\%\approx2,8\%\\C\%_{FeCl_2}\approx4,88\%\\C\%_{AlCl_3}\approx10,26\%\end{matrix}\right.\)

Vậy ....

\(n_{CO_2}=\dfrac{5,6}{22,4}=0,25\left(mol\right)\)

PT: \(CO_2+Ca\left(OH\right)_2\rightarrow CaCO_3+H_2O\)

Theo PT:  \(n_{Ca\left(OH\right)_2}=n_{CaCO_3}=n_{CO_2}=0,25\left(mol\right)\)

a, \(C_{M_{Ca\left(OH\right)_2}}=\dfrac{0,25}{0,1}=2,5\left(M\right)\)

b, \(m_{CaCO_3}=0,25.100=25\left(g\right)\)

c, \(Ca\left(OH\right)_2+2HCl\rightarrow CaCl_2+2H_2O\)

Theo PT: \(n_{HCl}=2n_{Ca\left(OH\right)_2}=0,5\left(mol\right)\)

\(\Rightarrow m_{ddHCl}=\dfrac{0,5.36,5}{20\%}=91,25\left(g\right)\)

PTHH: \(Na_2O+H_2O\rightarrow2NaOH\)

            \(2NaOH+CuSO_4\rightarrow Na_2SO_4+Cu\left(OH\right)_2\downarrow\)

            \(Cu\left(OH\right)_2\xrightarrow[]{t^o}CuO+H_2O\)

a) Ta có: \(n_{NaOH}=2n_{Na_2O}=2\cdot\dfrac{6,2}{62}=0,2\left(mol\right)\) \(\Rightarrow C\%_{NaOH}=\dfrac{0,2\cdot40}{6,2+193,8}\cdot100\%=4\%\)

b) Ta có: \(\left\{{}\begin{matrix}n_{NaOH}=0,2\left(mol\right)\\n_{CuSO_4}=\dfrac{200\cdot16\%}{160}=0,2\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)

Xét tỉ lệ: \(\dfrac{0,2}{2}< \dfrac{0,2}{1}\) \(\Rightarrow\) CuSO₄ còn dư, tính theo NaOH

\(\Rightarrow n_{Cu\left(OH\right)_2}=0,1\left(mol\right)=n_{CuO}\) \(\Rightarrow m_{CuO}=0,1\cdot80=8\left(g\right)\)

c) PTHH: \(CuO+2HCl\rightarrow CuCl_2+H_2O\)

Theo PTHH: \(n_{HCl}=2n_{CuO}=0,2\left(mol\right)\) \(\Rightarrow V_{ddHCl}=\dfrac{0,2}{2}=0,1\left(l\right)=100\left(ml\right)\)

a) \(NaOH+HCl\rightarrow NaCl+H_2O\)

0,1................0,3

LẬp tỉ lệ : \(\dfrac{0,1}{1}< \dfrac{0,3}{1}\)=> Sau pứ HCl dư

\(m_{NaCl}=0,1.58,5=5,85\left(g\right)\)

b) \(CM_{NaCl}=\dfrac{0,1}{0,2+0,3}=0,2M\)

\(CM_{HCl\left(dư\right)}=\dfrac{\left(0,3-0,1\right)}{0,2+0,3}=0,4M\)